散乱de记忆的回答：
解：圆c：（x-3）
2+（y-4）2=1的圆心c（3，4），半径为1，∵圆心c到o（0，0）的距离为5，
∴圆c上的点到点o的距离的最大值为6．
再由∠apb=90°，以ab为直径的圆和圆c有交点，可得po=12ab=m，故有m≤6，
已知圆c：（x-3）2+（y-4）2=1和两点a（-m，0），b（m，0）（m＞0），若圆c上存在点p，使得∠apb=90°，
孤傲的回答：
解：圆c：（x-3）2+（y-4）2=1的圆心c（3，4），半径为1，
∵圆心c到o（0，0）的距离为5，
∴圆c上的点到点o的距离的最大值为6．
再由∠apb=90°可得，以ab为直径的圆和圆c有交点，可得po=1
2ab=m，故有m≤6，
故选：b．
c：x2+y2=1,点m(t,2),若c上存在两点a,b满足ma=mb,则t的取值範围10
西域牛仔王的回答：
由于点 m 的纵座标为 2 ，因此 m 在直线 l：y = 2 上，
而直线 l 与圆 c：x^2+y^2 = 1 相离，因此以 l 上任一点为圆心，均可作一圆与已知圆 c 有两个交点 a、b ，即对任意实数 t ，均存在满足条件的 a、b 使 ma = mb ，
所以，t 的取值範围是 r 。
已知圆c：（x-2）2+y2=1，点p在直线l：x+y+1=0上，若过点p存在直线m与圆c交于a、b两点，且点a为pb的中点
手机使用者的回答：
设点p（x0，-x0-1），b（2+cosθ，sinθ），则由条件得a点座标为x＝x
+2+cosθ
2，y＝sinθ?x?12
，从而(x
+2+cosθ
2?2)
+(sinθ?x?12
)＝1，
整理得x
+(cosθ?sinθ?1)x
+1?2cosθ?sinθ＝0，
化归为(x
?2)cosθ?(x
+1)sinθ+x
?x+1＝0，
从而2x
?2x+5
sin(θ+?)＝?x
+x?1，
于是由(
2x?2x+5)
≥(?x
+x?1)
，解得-1≤x0≤2．
故答案为：[-1，2]．
乾同书但壬的回答：
解（ⅰ）①当直线l垂直于x轴时，
则此时直线方程为x=1，l与圆的两个交点座标为(1，3)和
(1，-3)
，其距离为23
满足题意（1分）
②若直线l不垂直于x轴，设其方程为y-2=k（x-1），即kx-y-k+2=0
设圆心到此直线的距离为d，则23
=24-d2
，得d=1（3分）∴1=
|-k+2|k2
+1，k=3
4，故所求直线方程为3x-4y+5=0
综上所述，所求直线为3x-4y+5=0或x=1（7分）（ⅱ）设点m的座标为（x0，y
0）（y
0≠0），q点座标为（x，y）
则n点座标是（0，y
0）（9分）∵oq
=om+on
，∴（x，y）=（x
0，2y
0）即x
0=x，y0
=y2（11分）
又∵x02+y
02=4，∴x2
+y24
=4(y≠0)
∴q点的轨迹方程是x2
4+y2
16=1(y≠0)
，（13分）
轨迹是一个焦点在y轴上的椭圆，除去长轴端点．（14分）
如图，a（-1，0）、b（2，-3）两点在一次函式y2=-x+m与二次函式y1=ax2+bx-3图象上
威扬天下的回答：
（1）把a（-1，0）代入y2=-x+m得：0=-（-1）+m，∴m=-1．
把a（-1，0）、b（2，-3）两点代入y1=ax2+bx-3得：
a-b-3=0
4a+2b-3=-3
解得：a=1 b=-2
∴y1=x2-2x-3；
（2）∵y1=x2-2x-3=（x+1）（x-3），抛物线开口向上，∴a（-1，0），b（2，-3）
∴当y2＞y1时，-1＜x＜2；
（3）∵抛物线y1=x2-2x-3=（x-1）2-4，∴所求抛物线可由抛物线y=x2向下平移4个单位，再向右平移1个单位而得到．
我提供个思路 du 根据余弦定理，zhi pa op oa 2op oa cos daopoa 1 32 2 1 4 2 cos poa 33 8 2 cos poa pb op ob 2op obcos poa aob 1 20 2 1 2 5 cos poa 21 4 5 cos poa aob...
解 以ab的长为直径的圆m的半径为3 则设m的座标为 a，b 则改圆的方程表版示为 x a y b r 且 圆m恰好经权 过点c 1，1 半径r 3 所以 1 a 1 b 9 即 1 a 1 b 9 你在解题过程中写到的如题可解m点距圆心距离为根号7，就是一个错误的概念，因为条件中写到的是以ab的长...
x 2 y 2 1,半径r 1,圆心为o 0,0 圆上存在点q使得 opq 30度 需过p点向圆引的两条切线夹角不小于版 权60 即切线与op的夹角不小于30 那么r op 1 2,op 2r 2 op 4 x 0 y 0 4 在点p x0,y0 在直线x y 2 0 y0 x0 2 x 0 x0 ...
